题目【问题初探】
(1)如图
1,在
△ABC中,请说明:
∠A+∠B+∠C=180∘,为解决这一问题,同学们多用于下列两种思路:
①如图
2,延长
BC到
D,过点
C作射线
CE∥BA,相当于把
∠A,
∠B都移到了顶点
C的位置,利用图形特点获得
∠A,
∠B,
∠ACB的数量关系;
②如图
3,过点
A作直线
PQ∥BC,相当于把
∠B,
∠C都移到了顶点
A的位置,再利用图形特点获得
∠BAC,
∠B,
∠C的数量关系;
请你选择上述的一种思路,说明
△ABC的内角和为
180∘.
【类比分析】
(2)如图
4,已知
△ABC,过点
A作直线
PQ∥BC,R为线段
AB上一点,连接
RQ,
RC,若
∠1=53∘,
∠2=29∘,
∠3=24∘,求
∠QRC的度数.
【学以致用】
(3)如图
5,MN∥GT,
∠MNE=21∠ENF,
∠ETG=31∠ETF,若
∠MNE=α,
∠E=β,
∠F=γ,请你判断
α,
β,
γ三者之间的数量关系,并说明理由.

知识点:等腰三角形的性质、等边三角形的性质、平行四边形的性质、平行四边形的判定、解直角三角形章节:第13章 三角形 / 13.1 三角形的概念
答案与解析
答案
(1)证明:选择①,如图
2\ \延长
BC到
D,过点
C作射线
CE∥BA,
∴∠ACE=∠A,
∠DCE=∠B,
∴∠A+∠B+∠ACB=∠ACE+∠DCE+∠ACB=180∘;
选择②,如图
3过点
A做
BC的平行线
PQ,
∴∠C=∠CAQ,
∠B=∠BAP,
∴∠BAC+∠B+∠C=∠BAC+∠BAP+∠CAQ=180∘;
(2)如图
4,作
RH∥BC,则
∠CRH=∠2=29∘,
∵PQ∥BC,
∴RH∥PQ,
∴∠ARH=∠1=53∘,
∵∠3=24∘,
∴∠QRH=∠ARH−∠3=53∘−24∘=29∘,
∴∠QRC=∠QRH+∠CRH=29∘+29∘=58∘;
(3)γ+4β−α=360∘,理由如下:
如图
5,延长
TE交
MN于点
L,延长
TF交
MN于点
K,
∵MN∥GT,
∴∠ELN=∠ETG,
∠GTF+∠FKN=180∘,
∵α=∠MNE=21∠ENF,
∴∠ENF=2α,
∴∠MNF=3α,
∴∠FNK=180∘−∠MNF=180∘−3α,
∴∠FKN=∠TFN−∠FNK=γ−(180∘−3α)=γ+3α−180∘,
∴∠FTG=180∘−∠FKN=180∘−(γ+3α−180∘)=360∘−γ−3α,
∵∠ETG=31∠ETF,
∴∠ETG=41∠FTG=14(360∘−γ−3α),
∵∠ELN=∠NET−∠MNE=β−α,
∴β−α=41(360∘−γ−3α),
∴γ+4β−α=360∘.
解析
(1)证明:选择①,如图
2\ \延长
BC到
D,过点
C作射线
CE∥BA,
∴∠ACE=∠A,
∠DCE=∠B,
∴∠A+∠B+∠ACB=∠ACE+∠DCE+∠ACB=180∘;
选择②,如图
3过点
A做
BC的平行线
PQ,
∴∠C=∠CAQ,
∠B=∠BAP,
∴∠BAC+∠B+∠C=∠BAC+∠BAP+∠CAQ=180∘;
(2)如图
4,作
RH∥BC,则
∠CRH=∠2=29∘,
∵PQ∥BC,
∴RH∥PQ,
∴∠ARH=∠1=53∘,
∵∠3=24∘,
∴∠QRH=∠ARH−∠3=53∘−24∘=29∘,
∴∠QRC=∠QRH+∠CRH=29∘+29∘=58∘;
(3)γ+4β−α=360∘,理由如下:
如图
5,延长
TE交
MN于点
L,延长
TF交
MN于点
K,
∵MN∥GT,
∴∠ELN=∠ETG,
∠GTF+∠FKN=180∘,
∵α=∠MNE=21∠ENF,
∴∠ENF=2α,
∴∠MNF=3α,
∴∠FNK=180∘−∠MNF=180∘−3α,
∴∠FKN=∠TFN−∠FNK=γ−(180∘−3α)=γ+3α−180∘,
∴∠FTG=180∘−∠FKN=180∘−(γ+3α−180∘)=360∘−γ−3α,
∵∠ETG=31∠ETF,
∴∠ETG=41∠FTG=14(360∘−γ−3α),
∵∠ELN=∠NET−∠MNE=β−α,
∴β−α=41(360∘−γ−3α),
∴γ+4β−α=360∘.